永州一中2023届下期高二9月月考物理试题

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6、2024永州市二模物理
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9、2024年永州市物理中考试卷
10、永州2024年高一期末试卷物理

悟法·拓展创新:例5BC解析将电阻R1的U一I曲线在坐↑八剑3如图所示公-罗(2)a.Rb.要快速充电时，只要减小图标中作出，两图线的交点为电阻的工作点，如图4所示，由图可知，此时电流为3mA,要使A、B与32中的电阻R;要均匀充电时，只要适当增大图2中的电阻R(3)增大B、C之间的屯压相等，则B、C两端的电压为2不变不变减小3.5V,并且两电阻中的电流相等，山图可知，此1解析(1)由电容定义式可得C=子，整理得“=个时符合条件的只有1.5mA,这时R的电压为024 I/mACq,所以u一9图像应为过原点的倾斜直线，如图所2V,由R-号-，5101330k.C两示。由题可知，两极间电压为U时电容器所储存的电O项正确。变式1B解析由伏安特性曲线可知三个灯泡不是定值电阻，其阻值能即图线与横轴所围面积，E。=9,当两极间电压为U时，电荷量Q=也不是线性变化的，当电路中的总电流为0.25A时，通过灯泡b、c的电流C所以-罗.均为0.125A,由图像可知，灯泡a两端的电压为3.0V,灯泡b两端的电压是0.4V,灯泡a的功率Pa=UaIa=3.0×0.25W=0.75W,A项错(2)a.由于电源内阻不计，电容器充满电后电容器两端电压即电源的电动势，电容器最终的电荷量Q=CE,山g一t图可知，两种充电方式最终的电吴，B项正确：灯泡6的阻值R-号=。，4=3.20，C项错误：灯泡。荷量相同，只是时间不同，所以①②曲线不同是R造成的；b.由图3可知，的功率为0.75W,灯泡b的功率P6=U%I=0.4×0.125W=0.05W,所要快速充电时，只要减小图2中的电阻R,要均匀充电时，适当增大图2中以灯泡a、b的功率之比为15：1，D项错误。的电阻R即可。例6D解析电动机不转动时，电动机为纯电阻，根据欧姆定律可知，(3)在电容器充电过程中，电容器的左极板带正电，右极板带负电，相当于-号-100，A项错误；根据串联电路规律可知，电动机的额定电流1颜另一电源，且充电过程中电荷量越来越大，回路中的总电动势减小，当电容器两端电压与电源电动势相等时，充电结束，所以换成“恒流源”时，为2U疆=5A,则电动机的铭牌为“150V5A”,B项错误；根据能量守R了保证电流不变，“恒流源”两端电乐要增大，通过电源的电流不变，(2)中恒定律可知，电动机的输出功率等于重物克服重力做功的功率，U额I缬电源的电压不变，通过电源的电流减小。I籁2r=mgw,解得重物匀速上升的速度大小v=1m/s,C项错误；重物上变式3(1)9.01.0×10-2(2)c两次放电电荷量相等，图线与t轴围成的面积相等，另由于R2一R1,开关掷向2瞬间放电电流较小升h=60m,时间t=五=60s,则消耗的电能E急=U2I额t=6X104J,D解析(1)由题图2知，最大屯流1m=90mA=0.09A,因此最大也压Um:项正确。=ImR1=9.0V;曲线下围的面积表示电容器的带电荷量Q=90mA·s,变式2D解析中P=P出+2r,得r=0.52,A项错误：中P-UI,得根据电容器的定义式可得C一Q=1.0×10-2F额定电压U=8V,B项错误；正常工作时，电机的热功率P=2r=4.5W,C项错误；由80%×q=It,解得t=2.4h,D项正确。(2)根据m发，因第2次实验的最大放电电流小些，而曲线所围的面积课时2闭合电路的欧姆定律相等，因此不是b和d,故电流随时间变化的曲线应该是虚线c。第九单元恒定电流知识·要点梳理基础过关1.A2.C3.A4.B课时1电路的基本慨念和规律能力·重点突破知识·要点梳理例1A)解析根据欧姆定律有E=U1十1r,代入数据解得r=基础过关B9-10,A项正确，B项精误，1ED灯的电阻R-号-1500，小1.02.C3.B4.C能力·重点突破电珠的电阻R%-2n,额定电流2=号，-0.5A=500mA,则电路P例1B解析设在这段时间内，电子的个数为N,由电流的定义，有IV=止=1.0×1016；由B衰变规律可知该核反应的电流I一，十K十R=9.92mA~,可见此时电流接近于BD灯的额e定电流，故在电路中给LED灯串联一只“1V0.5W”的小电珠，LED灯→He+-?e,即产生一个电子(_9e)需要发生B衰变的氚核H的个数也亮度几乎不变，C项错误，D项正确。为一个，做在这段时间内需要发尘3衰变的氚核H的个数为1.0×1016，变式1D解析由题图可知，电压传感器1测得的是内电压，A项错B项正确。误：电压传感器2测得的是路端电压，B项错误：移动挡板，减小内阻，则内例2B解析设单位体积内电子数为n,则I=neS,由动能定理得eLU:电乐减小，即传感器1的读数减小，C项错误；变阻器R的阻值增大即增=m2,得=名V品a内的电子数N=A1.S-√元大外电阻，路端电压增大即传感器2的读数增大，D项正确。e 2eU例2C解析滑动变阻器的滑片向下滑动时，电阻减小，R'和R2的并13日解折B点的电R-号-L500=0D,A点的电阻6联阻值减小，电路总电流I1增大，则电源内阻、电阻R1分压增大，U3减小，通过定值电阻R2的电流I2减小，则通过R'的电流I2增大，即A示数RA=0.10=300,故两点间的电阻改变了40-300=100，A,C,D三增大，A项正确；电压表W)测路端电压U2,电流表④测总电流I1,且有U2项错误，B项正确。=E一11，由于总电阻减小，总电流11增大，故©示数与①示数的比值例1C解析电压U-15V时，电流1=5×103A。由题图2可求得华=￡-r减小，B项正确：电阻R和电源内阻之和不变，且有U,=E电解液的电阻R=V1111=30002,A项错误；由题图1可知电解液长l=a=五(R十)，则-+R,C项错误；④的示数增大量等于④示数增大量0.4m,横截面积S=c=0,02m2,根据R=p令，解得p-1500·m,C项和通过与滑动变阻器并联的R影的电流减小量之和，所以△小于△l,D正确；电解液的热功率P=2R=0.075W,B项错误：电压U增大时，导线项正确。的电阻值随电流的增大而减小，所以电解液的电阻率随其通过的电流的例3A解析若AB段断路，电路巾电流为季，根据欧姆定律可知，灯增大而减小，D项错误。:I的电压为零，A、B两端的电压等于电源两端的电压U,与题干提供的信23XLJ(新)·物理-D版一XJC·33·