[百师联盟]2024届高三一轮复习联考(一)1物理(江苏卷)答案

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so)=umgso (1-cos 0)umgcos 0.s,E=Eo力加速度g,B项正确。由图线可知，h=04kg·m/s,t=3s时物块的动量大小3=(2一gs0(1-c0s0)一ngcos0·s,可见，当s时，重锤的速度不等于零，原因是该同学做实×2-1×1)kg·m/s=3kg·m/s,t=4s时较大、物块滑上斜面时，Q一s图像仍是一条验时先释放了纸带，然后接通打点计时器的物块的动量大小p4=(2×2一1×2)kg·m/s倾斜直线，但斜率变小，E一s图像也是一条电源。=2kg·m/s,所以t=4s时物块的速度为倾斜直线，直线的斜率变为k2=-2gc0s0;4.(1)极短时间内的平均速度近似等丁瞬时1m/s,B项正确，C、D两项错误。综上分析，只有C项符合题意。速度6.AC【解析】p一t图像的斜率的绝对值表示(2)4.224.02M(3)在误差范围内重力势物体所受合外力的大小，由图像可知，甲物体所实验7验证机械能守恒定律能的减少量等于动能的增加量(4)C受合外力的大小F甲=2N,乙物休所受合外力1.(1))(2)过原点的倾斜直线重力加速度g【解析】d的大小F乙=1N,根据牛顿第二定律可得甲物【解析】(1)打点计时器应接到电源的交流体的加速度大小a甲=mF=1m/s2;同理可知输出端上，B项错误；验证机械能是不守恒只422m/s,Mg△h=9.8×0.41M≈4.02M.(3)从表中数据可知，在误差范围内，动能的乙物体的加速度大小a乙-2m/sg,A项正确，B需验证mgh=之m2,m可约去，即h=增加量与重力势能的减少量相等！项错误。t=9s时，忆=9kg·m/s,=之2，故不需要测量重物的质量，C项没有(4)根据△Ek=Mg△h,动能的变化与高度差0.5m/s=18m/s,C项正确。根据p-t图像成正比，C项正确。必要进行；实验时，应先接通打点计时器的电可知，t=0时，甲物体具有的动量为源，然后再释放重物，让它带着纸带一同下第六章18kg·m/s,可得甲物体的初速度w=9m/s,落，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点动量与动量牙恒定律计时器的电源，由于重物运动较快，不利于数根据御=wt+之（一a卿)2，rz一2au,当据的采集和处理，会使实验产生较大的误差，第1讲动量与动量定理两物体相遇时x甲=x乙，解得t=6s,D项错误。D项错误。7.C【解析】从静止开始下落的雨滴受到重1.D【解析】惯性是物体的固有属性，只与物(2)利用72-九图像处理数据，若重物自由力和阻力作用，根据题意可得速度达到最大体的质量有关，A项错误；跳高运动员在落地时，有mg=ko,由动量定理可得一mgt+I=下落过程中机械能守恒，则有mgh=2,即的过程中，动量变化一定，合力冲量I一定，C项错误：跳高运动员在跳高时落到海绵垫上，m,-0,联立两式可得1=mgt-m2g,C22=gh,若以22为纵轴、以h为横轴，画可以延长着地过程的作用时间t,运动员重力项正确的冲量I=mgt增大，根据动量定理，有(F一8.B【解析】设飞行器对水的平均作用力为出的图像应是过原点的倾斜直线，可知号2ng)△t=,可知动量变化率减小，则运动员F,根据牛顿第三定律可知，水对飞行器的作用h图像的斜率就等于重力加速度g的数值。所受的平均冲力F减小，B项错误，D项正确。力的大小也等于F,对飞行器，则有F=Mg,设2.(1)①使用的是直流电源②重物离打点计2.C【解析】以气体为研究对象，设气体喷水喷出时的速度为，在时问t内喷出的水的质时器太远(2)2.2(3)大于(4)0.031出方向为正方向，由动量定理有8Ft=m,解量△ym=pV=2St,t时问内质量为△n的水获【解析】()打点计时器应使用交流电：为充得每台发动机对气体的作用力F=四=得的冲量I=F=n·20,联立可得一√心Mg分利用纸带，释放时重物应靠近打点计时器：手应提着纸带上方，减小纸带与限位孔的摩擦。3200×3000N=1.2×106N,由牛顿第三定9008×1(2)BD段的平均速度等于C点的瞬时速度，-V4X1000X元X0.052m/s≈5,4m/s,B项律可知，每台发动机的最大推力为1.2×正确。即==2.2m/s。2T10°N,C项正确。9.A【解析】以正离子为研究对象，由动能3.C【解析】纳米机器人由外层的锌与消化(3)根据2m2=mgh一fh,整理得？定理得gU=1液中的盐酸反应产生氢气气泡这种方式获得m2,△t时间内通过的总电(g一斤)h,所以=g上，因质量大则图推进动力，A项错误；根据相互作用力的特点荷量Q-I△，喷出的正离子总质量M=Q可知，机器人对胃液的作用力大小等于胃液像斜率k大，所以a的质量1大丁b的质量I△t对机器人的作用力，B项错误；机器人在胃液。由动量定理可知止离子所受的平2。中加速前进，根据动能定理可知，氢气气泡对均冲量F△t=M,联立以上式子可得F=(4)k2=g一m2，代入数据解得f=0.031N。机器人做的功比机器人克服胃液作用力做的3.(1)1.851.831.67(2)B先释放了纸功多，C项正确；氢气气泡对机器人作用力大1√2心，根据牛顿第三定律可知，发动机带，再合上打点计时器的开关于胃液对机器人作用力，做前者的冲量人，D,A项正确【解析】(1)当打点计时器打到B点时，重项错误。产生的平均推力F-1√/2g锤的重力势能减少量△Ep=mg·OB=1.004.D【解析】根据初速度为零的匀变速直线运第2讲动量守恒定律及其应用×9.80×18.90×10-2J≈1.85J;打B点时动通过连续相等位移所用时问之比为1：（②重锤的速度0BOC-OA-1):(/5-√2)：…：(5-√4)，又u=1.C【解析】在章鱼喷水的过程中，章鱼的4T生物能转化为机械能，系统机械能增加，A项(27.06-12.41)×10-2AC,△p=m△o,故△p1:△p2=At1:△t=错误；章鱼喷水过程所用的时间极短，内力远4×0.02m/s≈1.83m/s,此√5+2，D项正确大于外力，章鱼和喷出的水组成的系统动量时重锤的动能增加量△=2mB2=2X5.AB【解析】由动量定理可得Ft=w,解得守恒，B项错误；由动量守恒定律得0=(M1.00×1.832J≈1.67J。一。t=1s时物块的速率u=Ftm)v一mh,可得章色喷水后瞬间逃跑的速度n大小一M”m,C项正确：章鱼喷水的过程772(2)由机械守恒定律有之m2=mgh,可得2×1m/s=1m/s,A项正确；t=2s时物块的2中受到的冲量大小等于喷出的水的动量大22一h,由此可知图线的斜率近似等于重动量大小p2=F1t2=2×2kg·m/s=小，即m,D项错误。23XKA(新)·物理-D版-XJC·53·