贵阳一中(贵州卷)2024届高考适应性月考卷(白黑黑白黑黑黑)x物理试卷答案

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小灯泡L的实际发光功率卫=。=0=12.5V解图2所示.(3)开关S,闭合，S2、S,断开时，R,与L串联，因为小灯泡正常发光，所以电路中的电流'=1'PR18W图12v1.5A①电路消耗的总功率P总=2(R1+R)=(1.5A)2×(32+82)=24.75WR6.D7.BD8.D9.(1)0.75(2)20(3)1:20图210.(1)12(2)0.4(3)17.2第12题解图10.1解：(1)小灯泡L1的额定电压U,=1,R1=0.6A×由解图1可得R,两端的电压为6U。,R2两端的电压为10n=6V(2)将开关S断开，A、D两个接线柱接在电源两端（电4U。,根据串联分压原理得13源电压保恒定不变)，滑动变阻器的滑片移到最上端，22此时两灯串联，电路中允许通过的最大的电流为0.3A10U。,解图2中电路中的电源电压U=12(R1+R2)=0.3A×(100+102)=6V解图1中电路中的电流山，=R,+R(3)根影P只知，当总电阻最大时，电功率最小，将丙o电流1，=R灯和滑动变阻器的最大值串联时，功率最小，最小电流设1，=21，则12=3L,根据题意可得110U×21-9U×31=U6V0.35W/=R,+R,+R10n+10n+20n0.12A解得10U。×21=1WPin=UIin=6 Vx0.12 A=0.72 W因电源电压恒定不变，设R1=3R,则有2I(5+5R)=当总电阻最小时，电功率最大，将两灯和滑动变阻器并31(52+3R),解得R,=152,R2=102联，但L2不能单独接入电路，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A,因此只能将L,和滑动变阻器并联，且通跟据P=C可知，电路中的电阻越大总功率越小，故当过滑动变阻器的电流为1A时，此时电路的总功率最滑片在B端时电路中的总功率最小，P1+P2=10U×2I=大，Pm=Ul=6V×1.6A=9.6W故最大电功率与最小电功率之差为9.6W-0.72W=1W,R+R,=250,此时电路中的电流1√尽+RP+P28.88W1.解：(1)由P=U2(6V)20.2A,则P=2R=(0.2A)2×52=0.2W只得，灯泡的电阻风=片3：67Pamn=P1+P2+P=1W+0.2W=1.2W10213.加热1：54(2)当开关S,断开，S、S2闭合时，R,与R2被短路，此时14.解：(1)只闭合S,时，电路为只有R,的简单电路，电路灯泡L正常发光，则电源电压U=U=6V(3)当开关S、S,、S2都闭合时，灯泡L与R,、R2并联，根中的电流为0.5A,则R,的阻值风，=了0.5AU220V4402据并联分流原理：R1:R2=12:1=2:3,则R2=1.5R,(2)只闭合S,时，电热水壶的电功率为P=U,=220V×此时电路中，通过R2的电流最大，R2消耗功率最大，最0.5A=110W大牌营@(3)闭合S,、S2时，两个电阻并联，为加热挡，加热挡的功率为当S闭合，S,、S2断开时，灯泡L与R1、R2串联，此时电路中的总电阻最大，电路中电流最小，电路中的电流I=Pn=P+R=110w4(220V)442=1210WUR+R,+沉，，25R,则R,消耗功率最小，最小功率10s内产生的热量UQ=W=Pmt=1210W×10s=1.21×104JP=rR-(R+2.5R)'R,②15.解：(1)B灯亮；指示灯的阻值忽略不计，当开关S闭合，由于PP=9l,即15RR25R%=9:1U$打至触点M时，电路为两电阻和指示灯B的串联电路，此时电路中总电阻较大，根据P=可知总功率较解得，R1=52,R2=1.5R1=7.52,所以R2消耗最大功R率营小，电中药壶处于低温挡=4.8W(2)当开关S闭合，S打至触点N时电中药壶处于高温U2.5V12.解：(1)灯泡正常发光时的电阻R=元0A5D挡，且高温挡的功率为1210W(2)灯泡正常发光100s消耗的电能W=Ult=2.5V×根器八名得2(220V)2P路1210W=40n0.5A×100s=125J(3)根据题意和表中数据可知，滑片在B端时的电路连低温挡功率为100W,则Ra=P=1007=4840接情况如解图1所示，滑片在A端时的电路连接情况如R2的阻值为R2=Ra-R1=4842-402=444214