2024届广西名校高考模拟试卷第二次摸底考试x物理试卷答案

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学生用入」名师导学·选择性考试第一轮总复习·物理板间的距离，根据E=吕可如，两板板间的电场醒度增大，选项A维(3)AD解析](1)将开关S接通1，电容器与电源相连，所以电容器充电；再将S接通2，电容器通过电阻R放电。图中横坐标分成许多误；保持S接通，在两极板间插入一块铝板，根据静电平衡的特点可很小的时间间隔，在这些很小的时间间隔里，放电电流可以视为不变，知，有电汤存在的板间距离减小，限据E-吕可如，两板板间的电场则I△：为这段时间内的电荷量，所以图中用阴影标记的狭长矩形的面积的物理意义是0.2s内放出的电荷量。根据Q=CU,电荷量与电阻强度增大，选项B正确；充电结束后断开S,电容器两极板上的电荷量值R无关，如果不改变电路其他参考数，只减小电阻R的阻值，则此不变，减小两叛板同的距离，电客器的电容增大，U=吕，则两板板问过程的I一t曲线与坐标轴所围成的面积将不变。的电势差减小，选项C错误；充电结束后断开S,在两极板间插入一块（2)根岩C=号=34“X10F=430R.8介质时，电荷量不变，电容器的电容增大，两极板间的电势差减小，选(3)电容器在充电过程中，电流由最大逐渐减小，放电过程电流也是由项D错误。最大逐渐减小，根据q=It,图像的倾斜程度表示电流的大小，B错误，[知识点二]A正确；电容器在充电过程中，电流由最大逐浙减小，放电过程电流也[诊断练习2]A[解析]开关接1时，平行板电容器充电，上极板与电源正极相连而带正电，A正确，B错误；开关接2时，平行板电容器放是由最大逐渐残小，根据U=是=名，电容晷的电容不变，C错误，电，放电结束后上、下极板均不带电，C、D错误。D正确。[回归教材][能力提升]1.(1)失去正获得负等量大减小3.(11(2)A(3)2或41h(4②2.(1)中和大减小[针对训练]电容器释放的总电荷量不变，平均电流变大，放电时间变短2.3.04×10-3507[解析]根据横轴与纵轴的数据可知，一个格子[解析](1)为使电源向电容器充电，电容器应与电源连接，故应将开代表电荷量为8X10-5C,大于半格算一个，小于半格舍去，因此图像关S与“1”端相连。(2)充电过程中电容器C两端电压逐渐增大，充电电流I随时间t应与时间轴围成的面积所包含的格子个数为38，所以释放的电荷量为逐浙减小至零，故电流I随时间t变化的图像可能是图2中的A,Q=8×10-5C×38=3.04×10-1C.振据电容暑的电客C=号可A项正确。知，C=3.04X10p≈5.07X10-4F=5074F.(3)根据图像的含义，I一t图线与t轴所围成的面积表示电容器放电的电荷量；根据横轴与纵轴的数据可知，一个格子代表的电荷量为一关键能力一号，由大于半格算一个，小于半格舍去知，图像所包含的格子个数[考点一][例题1]D[解析]若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距为8个或7个，所以释放的电荷量g为2或？14。高，根睾C-品可知，C变大：根暑Q=CU可如，在Q一定的情况(4)应该是②，理由：电容器释放的总电荷量不变，平均电流变大，放电时问变短。下，两板板同的电费差减小，则特息计指针偏角日减小：根指E一号，[考点三]Q-CU,C=品联立可得E=怒，可知E不卖：P点离下板拔的距[例题3](1)u-g图像见解析图之CPErS(2)a,Rb.减小电阻R,可以实现对电容器快速充电；增大电阻R,可离不变，E不变，则P点与下极板的电势差不变，P点的电势不变，故以实现均匀充电。Ep不变；由以上分析可知，选项D正确。(3)[能力提升]1.AB[解析]从电路看出M板是正极板，微粒竖直方向上所受的电“恒流源”(2)中电源场力与重力等大反向，徽粒带负电，故A正确；仅断开开关S2,两极板电源两端电压增大不变间电压不变，微粒所受电场力仍然与重力平衡，微粒仍做匀速圆周运通过电源的电流不变减小动，故B正确；仅改变R2阻值，会使并联部分电路两端电压发生变化，所以极板间电压也会随之变化，打破徽粒竖直方向的受力平衡，微解析](1)u一q图像如图所示。电压为U时，电容器带电Q,图线和粒不再做匀速圆周运动，故C错误；根据电场强度与电势差关系E横轴围成的面积表示所储存的电能E,E,=令Q心U,又Q=CU,故E。号可知，仅政变两授板间距离，会导致板板同电场醒度变化，发粒坚直方向受力不再平衡，不能做匀速圆周运动，故D错误。2.AD[解折]由平行板电容晷电容公式C=品可知，变化菌后电容d·合=7，电容器两端电压不变，0g(2)a由图像知，电容器充完电后，①②两次电荷量相等，由Q=CU=变化前后电容暑所带电荷量之此为是-号=品，故A正魂，B错误！CE知，两次电源电动势相等。故①②两条曲线不同不是E的改变造成的，只能是R的改变造成的。b.刚开始充电瞬间，电容器两端的电电子由静止从上极板运动到下板板过程，由动能定理有cU=合m,压为零，电影的瞬时电流为I=景，散减小电阻R,刚开始完电所间电解餐电子到达下板板的速度一√阿，电容每丙墙电压不支，变化流I大，曲线上该点切线斜率大，即为曲线①。这样能在较短时问内前后电子到达下极板的速度之比为1：1，故C错误；电子由静止从上使电荷量达到最大，故可以实现对电容器快速充电。增大电阻R,刚领拔运动到下板板过程，电子的加速度a一侣-品电子的运动时同开始充电瞬间电流I小，即为曲线②，该曲线接近线性，可以实现均匀17m充电。=√区-√②哥-d√俨，变化前后电子运动到下板板所用时(3)接(2)中电源时，由于忽略电源E的内阻，故电源两端电压不变。蔬过电薄的电流1=，歧着电容器两端电压U不新交大，适过电间之比为身-出-是-兰，做D正确。tz d2 d源的电流减小。“恒流源”是指电源输出的电流恒定不变。接“恒流2源”时，随着电容器两端电压的增大，“恒流源”两端电压增大。[考点二][能力提升][例题2](1)放电0.2s内电容器放出的电荷量不变(2)4304.(1)如图1所示(2)3.60684