[1号卷]A10联盟2024年高考原创预测卷(一)1物理试题

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2023-2024学年考试报·富皂新标答案专页9月第9-12期专顶练一练由E,=y可知，从0点开始沿x轴正方向.电势先降低后升高x,加速直线运动，故两端连续相等的时间间隔内水平位移之比LA解析：由三电荷平衡模型的特点“两同夹异”可知4，处的电势最低，可得，<，E,A点附近的等势面要比B点附近的等势面密424a向沿轴4Ew+E=4x5J+4J=24J。集.故B酷误.C项正确：粒子从A点到B点的过程中.速度一直17解：(1)设4、B连线上的点4制处的强为零.该点到4点的负向。减小，则电势能一直增大，故不可能两次经过同一个等势面。故3.C解析：题图甲中与点电荷等距的α，b两点，电场强度D项酷误。故选AC项距离为，则4x (L-)解得=与大小相同，方向不相反，A项错误：题图乙中，根据电场线的疏11AC解析：结合电线和等势线的关系可知.实线是等密及对称性可判斯，两点的吨场强度大小相等、方向相同.B势线，虚线是电场线，故4，两点电势相等，A项正确：c,d两点电根据零值分界(M点两侧场强方向相反)知：在点左侧项错误：划图丙中两等量同种点电荷连线的垂直平分线上与连场强度方向不问项错误由等势线疏密程度可知金板强方向向右：在点右侧，强方向向左。因此正电荷从A到线等距的a,两点，电场强度大小相同.方向相反，C正确：题靠近带电金属棒一侧产生的感应电荷较多，C正确：金属棒所的过程做加速运动，从到B的过程做减速运动，正电荷速度图丁中根据电场线的疏密可判撕，点的电场强度大于点的电带电荷的电性未知，无法判断c、两点的电势关系，则电子从c场强度，D项错误。到过程电场力的做功情祝未知，D项错误。故选AC项。最大的位置在点。因此点电荷在A,随线上距离点子处速4BC:解析：电场钱的疏密表示电场的强弱，故M点处的12.ACD解析：树次从极板射出时，水平速度大小不变即度达最大。场N点处的场强小，A项错灵：电场线是从正电荷出发到负(2)如图3所示，对点电荷的受力情况定性分析知：刚开始电荷警止的曲线，因此4、一定是异种电荷，C项正确：因为电场时间相等因为，华所以二所以m时9离远，离4近，所以合力方向偏向4对9的库仑力线方向未知故无法判断电荷g的受力方向，B项正确：根据电场大动到合力方向与拉物图1所示：强度的定义知=二，更换电荷后电场强度不变，D顶项酷误。半径方向时速度达最大，则有过关测一测0N0Q-1.B解析：际单位制中，力F,距离r电荷量4的单位分别是Nm、C.由库仑定律有=代入各自的单位由单位制知k942的单位应为Nm2C2,而1N=1km2,1C=1A.代人得的单位应为gA2m图12.D解析：三个点电荷在D点的场强ΣE.=0.∑E.=3x第一次射出电场时，设其沿电场线方向的速度为，可得图340(V2L)mA53Y以D项确。41au93.A解析：假设在0点有一个完整的电荷量为24的带电球d,所以，2。同理可求得3。所以-二所以电"a3E.sin日壳，设完整球壳在V点产生的场强大小为E。·左半球壳在N点产生的电场强度大小为E:,右半球壳在N点产生的电场强度大小场强度之比为E,3,故A顶正确：B项错误：第一次的动能为故PA和A连线的夹角9=ctn4为56根据电场叠加原理影左+5=5，，。“2。根据对称性(2R)7l(上rs第二次其动能为18解：(1)PG,OG间场强大小相等.均为E,粒子在PG间所受电场力的方向竖直向下，设粒子的加速度大小为，有可知右半球壳在V点产生的电场强度大小和左球壳在点产生之m1。所以两歌动能之壮为1：2.项正确：因-号-①d场强大小相等即E=E,解得E=4-EA项正确，BGD项错d cd4mk0不变所以电荷量之比Q E 2-m误。故选AU项。所以如项正确。设粒子第一次到哒G时动能为E,由动能定理有13.(1)负极现象一(2)大4.C解析：因为电介质相对于外框向左移动.根据C解析(1)沌解电容器的正确接法是+“接电源正极“，“-“qEh=E-mo知电容器电容变大，A项错误：电容器极板与电源连接，则两板接电源“负极”，以极板与直流电源负极相链。现象一表明电设粒子第一次到达G时所用的时间为1.粒子在水平方向的容器存在漏电，原因是电容器电，电流通过电容器形成了闭合间的电压不变，B酷误：根据E=知两板电压和间距都不变位移为机鞘=了④电路，电路中有电流指针未停在0”。则场强不变.C项正确.D项错误。故选C心项。l=d5.0解析：粒子在电场中做类平抛运动，水平方向有x=:14.1C=4kL(2左(3)4 mkqLteSt0解析：(1)已知空气的相对介电常数为8，静电力常量为：联0206式解得宁-号子竖直方向有，-，由an45可得初始时：极板距离为.极板正对面积为S:则该电容器初始时的2m2m.A项醋误；油于，83,1/4=2。,故粒子速度大小为=V,-V了。B项酷误：由电容大小为C=(2)设粒子穿过G一次就从电场的右侧飞出.则金属板的(2)实验操作中发现当距离变化时，有电流从右在左流过长度最短，由对称性知，此时金板的长度L为几关系可，到的离为灿=V2VZmC延电流传越器，可知电容器在充电，电容器电荷量增大，根据C=E0由平抛推论可知aa=2aB.可知速度正切为ana=21an45=2>如，可知电容器电容增大，可知极板距离减小，则屿.C=a60°，可知速度方向与竖直方向的夹角小于3°，D项错误。故物体相连的右极板向左移动。第12期《静电场中的能量》选（项。(3)第(2何中当距离变化时，测量出经过电流传惑器的电.C解析：由图看出，轴上0-x,范围内各点电势不变，所高考面对面荷量为4，设与物体相链连的右极板移动的距离为x,则有Q=C,=1A解析：M、N是以0为圆心的圆上的两点，则电势相同以0-x,范围内各点场强的方向与轴垂直，不可能与轴平行故A项错误：沿轴从到x,各点电势相等，任意两点间电势差4.0-C,=4k-,4=0s-Q,等，负电荷由M点到N点，电场力微功为零，电势能变化量为零为零.电场力做功为零.若正电荷沿轴从0运动到x,可做匀速CD项结误。故选A项。联立解得x直线运动，故B项错误：负电荷沿轴从x,移到x的过程中，电势4rkgLteSU2.B解析：由图可知.b,c两点的电势差为U,=200V-300V=升高，负电荷的电势能减小，电场力做正功，故C项正确：由于x15解：设带电粒子在B点的速度大小为。粒子在垂直于-100V,故A项错误：由图可知，：点与相邻两等势面的距离小处的电势高于：，的电势，根据E=可以知道，负电荷在x,处电电场方向的速度分量不变，即in30°=。i60°，解得=V了于1m,电势差等于10V.根据上=了，可知点场强大小大于势能小于在x,处电势能，故D项错误。设A,两点间的电势差为心：由动能定理有1O0Vm.故B项正确：根据场强方向垂直于等势面，可知a点的7.A,解析：由运动轨迹可判定电场力的方向指向轨迹右q=m(-0场强方向沿竖直方向，不是水平方向，故C项错误：由图可知侧，因此粒子从Q一→R→P过程速率增大，A项正确：粒子从Q点a,点与c点在同一等势面上，电势均为00V,故D项错误。故选到P点过程电场力做正功，电势能减小，B项错误：由于粒子只B项。受电场力作用，则能与电势能之和守恒.C项错误：由电场线联立上述两式得，3.D解析：0是等量同种电荷连线的中点，场强为0.将A分布可知，粒子在R点所受电场力大于在Q点时的电场力，D项16解：(1)在竖直方向小球受重力作用.由于重力与小球处的正点电荷沿04方向移至无穷远处，0点电场强度变大，故错识的初速度方向相反，所以沿竖直方向小球做减速直线运动8A解析：粒子沿x轴正方向运动的过程，电势能先减小A项不符合题意：移过程中，C点场强变小，正电荷所受静电(竖直上抛运动)。沿水平方向，小球受水平向右的恒定电场力力变小，故B项酷误：4点电荷沿OA方向移动过程中，电所受后增大，可知电场力先做正功后做负功，由于粒子带正电，可、作用，做初速度为零的匀加速直线运动。静电力做正功，故C项错误：A点电场方向沿0A方向，沿电场钱知在0-x,段所受电场力沿x轴正方向x,一x,段所受电场力沿(2)由竖直上抛运动的特点知小球从O点到点的时间向电势降低，移动到无穷远处时，O点的电势高于A点电势轴负方向，粒子从向x,运动过程电场力做负功，D项错误：与从M点到0'点的时间相等，又水平方向做初速度为零的匀故D项正确。故选D项。答案专页第3页

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