[高三总复习]2025届名师原创分科模拟(二)2化学(XS5)答案

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两者共速前，对木板，由牛顿第二定律有真练um2g=m a1.C子弹射入木块后的瞬间，子弹和木块系统的动量守恒，解得a=4m/s2movo由运动学公式有则m,=(M十m,)0,解得0，=m,十M选项A错误；子v12=2ax1弹射入木块后的瞬间，根据牛顿第二定律可得解得x1=0.125m。、1(2)木板与弹簧接触后，物块与木板先一起减速，当物块受Fr-(M+mg)g=(M十m,),可知轻绳拉力大于到的摩擦力达到最大静摩擦力时，两者之间即将相对滑动(M十m。)g,选项B错误；子弹射入木块后的瞬间，对子弹、对物块有um2g=m2a木块和圆环整体有FN=Fr十mg>(M十m十mo)g,选项C对整体有kx2=(m1十m2)a正确；子弹射入木块之后，圆环、木块和子弹构成的系统只解得x2=0.25m在水方向动量守恒，选项D错误。从木板接触弹簧后到物块与木板之间即将相对滑动的过程，7v01物块、木板和弹簧三者组成的系统机械能守恒，有(3)（2,+2.130.2)254gmv.g解析：(1)整个过程中，滑块和木板组成的系统动量守恒，有11m)u,=2m+m,),+2kz,2m0,=(m+2m)加，解得共同连度大小方。-号3解得u2=2m/s。(2)对滑块和木板组成的系统有2mv。=mv1十2mv21(3)木板向右运动的速度从2减小到0所用时间为t。,木板umg△x=2×2m,2-2mu,2-2×2mu:2,其中u,从速度为0到物块与木板加速度首次相同，弹簧又回到了700物块和木板刚要相对滑动的位置，考虑到木板返回时，受力2u1,解得此时滑块到木板最右端的距离为△x=254g与木板压缩弹簧时相同，故木板的速度大小又变为2一(3)对滑块有mgt=mvo3m/s,木板返回所用时间也为t。解得t=g在此2t。的时间内，对物块，由动量定理有对木板有F=mg-m2g·2t,=m2v3-m2v2木板运动的位移x=v。t郑得=（停-0）加m故外力所做的功W=Fx解得W=mv。。在此2t。的时间内，弹簧的初、末弹性势能不变，木板的初、3.(1)60N(2)12J(3)当1kg≤M≤2kg时，Q=末动能不变，故对系统，由能量守恒定律有81△0=2m20:-2m0,24-M十2当2kg0,可知碰撞后物块C、D力竖直向下，大小为FN=60N。形成的新物块的速度大小为5(1一k)m/s,方向向右。滑板(2)由动量守恒定律可得mAvA=mB0BA、B碰撞过程中满足动量守恒，设碰撞后滑板A、B形成1由能量守恒定律可得E,=2m40a2十2m”g的新滑板的速度为v潘，滑板A和B质量分别为M,=1kg和M2=2kg,则由M1一M2·k。=(M1十M)v#,解得联立以上方程可得E。=12J。1-2k10-20k(3)假设物块A恰好滑到小车左端时与小车有共同速度，滑三30一m/s>0,则新滑板速度方向也：3由动量守恒定律可得mAvA=(mA十M)v向右。由能量守恒定律可得(2)若k=0.5,可知碰后瞬间物块C、D形成的新物块的速度为1v'=5(1-k)m/s=5×(1-0.5)m/s=2.5m/s,碰后瞬间滑mgL=2mA0A2-2（ma+Mn2板A,B形成的新滑板的速度为0t-10-20m/s=0,可联立以上方程可得M=2kg3当1kg≤M≤2kg时，物块A与小车最终有共同速度，由能知碰后新物块相对于新滑板向右运动，新物块向右做匀减速运动，新物块的质量为m'=2kg,新滑板的质量为M'=量守恒定徐可得Q,=弓m,”-(m,+M0。3kg,相对静止时的共同速度为~共，根据动量守恒定律可得8m'v'=(m'十M')v共，解得v共=1m/s,根据能量守恒定律解得Q1=4-M+211当2kg

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